题目#
IOI 铁路公司在一条铁轨上运营线路。铁轨为一条直线，该铁轨上有 $N$ 个车站，编号为 $1 \sim N$。车站 $i$ 与车站 $i + 1$ 之间由一条铁轨直接连接。
IOI 铁路公司正在运营 $M$ 条线路，编号为 $1 \sim M$。线路 $j$ 的起点为 $A_j$，终点为 $B_j$，列车在每一站均会停靠，即如果 $A_j <B_j$，一列 $j$ 号线的列车会按顺序在车站 $A_j, A_j + 1, \ldots, B_j$ 停靠。如果 $A_j> B_j$，一列 $j$ 号线的列车会按顺序在车站 $A_j, A_j - 1, \ldots, B_j$ 停靠。
JOI 君是一个旅行者。他有 $Q$ 个旅行计划。在第 $k$ 个旅行计划中他计划从车站 $S_k$ 通过乘坐列车前往车站 $T_k$。
然而，JOI 君因长途跋涉而疲惫不堪。他希望他乘坐的列车均有空座以便休息。因此 JOI 君决定，只有当某条线路的起点站是第 $K$ 个或更早的车站时，他才会在该站乘坐该条线路的列车。换句话说，对于线路 $j$，如果 $A_j <B_j$，那么他只会在车站 $A_j, A_j + 1, \ldots, \min { A_j + K - 1, B_j - 1}$ 乘上线路 $j$ 的列车。如果 $A_j > B_j$，那么他只会在车站 $A_j, A_j - 1, \ldots, \max { A_j - K + 1, B_j + 1 }$ 乘上线路 $j$ 的列车。
在这些条件下，JOI 君希望尽量减少乘坐火车的次数。
给出 IOI 铁路公司的线路信息和 JOI 君的计划，写一个程序计算对于 JOI 君的每一个计划，他所需的最小乘车次数。
对于 $100 %$ 的数据，$2 \le N \le {10}^5$，$1 \le K \le N - 1$，$1 \le M \le 2 \times {10}^5$，$1 \le Q \le 5 \times {10}^4$，$1 \le A_j, B_j, S_k, T_k \le N$，$A_j \ne B_j$，$S_k \ne T_k$，$(A_j, B_j) \ne (A_k, B_k)$（$j \ne k$），$(S_k, T_k) \ne (S_l, T_l)$（$k \ne l$）。
题解#
为了学习算法写的这道题，抄的题解
暴力做法#
从起点开始深搜，复杂度爆炸
优化一点#
设f[i][j]表示从i点走j次路线所能到达的最远的地方 (pair，左右端点)
预处理出所有的f[i][j]，枚举f[i][j - 1]中的所有点 k，看f[k][1]能到达的左右最大值
复杂度 $O (n^2m)$，会炸
再优化一点#
看到这种走走停停的题，考虑能不能倍增
设f[i][j]表示i点走 $2^j$ 次路线所能到达的最远的地方 (pair，左右端点)
考虑转移，枚举f[i][j - 1]的每个位置k，找到f[k][j - 1]能到达的左右最大值
显然不能暴力枚举找最大值，可以对于每一个2^j代表的j建立一个 st 表，（因为没有修改），然后可以做了
结果查询怎么办呢
很像 lca，枚举f[起点][w]，w从大到小枚举，如果到得了终点，那么 w 继续减，直到到不了为止。最后如果结束的点没法到终点，输出 - 1，否则 res+1 即可
锅#
st 表写炸了。。。。
代码#
#include<bits/stdc++.h>
#define PII pair<int, int>
#define l first
#define r second
using namespace std;
const int N = 1e5 + 10;
const int M = 2e5 + 10;
PII up_route[M], down_route[M];
int upcnt, downcnt;
int fl[N][20], fr[N][20];
int n, m, k;
int qwq[M], hh = 1, tt = 0;
bool cmp(PII A, PII B)
{
return A.second > B.second;
}
const int LOG = 20;
struct ST
{
int st[N][LOG];
void init(int k,int lorr)
{
if(lorr == 0)
{
memset(st, 0x3f, sizeof st);
}
for(int i = 1;i <= n;i++)
st[i][0] = ((!lorr) ? (fl[i][k]) : (fr[i][k]));
}
void prepare(int lorr)
{
for(int j = 1;j < LOG;j++)
{
for(int i = 1;i + (1 << j) - 1 <= n;i++)
{
st[i][j] = ((!lorr) ? min(st[i][j - 1], st[i + (1 << (j - 1))][j - 1]) : max(st[i][j - 1], st[i + (1 << (j - 1))][j - 1]));
}
}
}
int query(int l, int r, int lorr)
{
int lllooojjj = log2(r - l + 1);
return ((!lorr) ? min(st[l][lllooojjj], st[r - (1 << lllooojjj) + 1][lllooojjj]) : max(st[l][lllooojjj], st[r - (1 << lllooojjj) + 1][lllooojjj]));
}
}s[20][2];//0代表fl，1代表fr
int ask(int b, int t)
{
int res = 0;
int l = b, r = b;
for(int k = 19;k >= 0;k--)
{
int L = s[k][0].query(l, r, 0);
int R = s[k][1].query(l, r, 1);
if(L <= t && t <= R) continue;
// cout << k << " " << L << " " << R << endl;
res += (1 << k);
l = L, r = R;
}
int L = s[0][0].query(l, r, 0);
int R = s[0][1].query(l, r, 1);
if(L <= t && t <= R) return res + 1;
return -1;
}
int main()
{
ios::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0);
cin >> n >> k;
cin >> m;
int u, v;
for(int i = 1;i <= m;i++)
{
cin >> u >> v;
if(u < v)
{
up_route[++upcnt] = make_pair(u, v);
}
else
{
down_route[++downcnt] = make_pair(v, u);
}
}
if(upcnt >= 1)
sort(up_route + 1, up_route + upcnt + 1);
if(downcnt >= 1)
sort(down_route + 1, down_route + downcnt + 1, cmp);
for(int i = 1;i <= n;i++)
fl[i][0] = fr[i][0] = i;
if(upcnt >= 1)
for(int i = 1, j = 1;i <= n;i++)
{
while(j <= upcnt && up_route[j].l <= i)
{
while(hh <= tt && up_route[j].r >= up_route[qwq[tt]].r)
{
tt --;
}
qwq[++tt] = j;
j++;
}
while(hh <= tt && up_route[qwq[hh]].l + k - 1 < i/*!!!*/)
{
hh++;
}
if(hh > tt) continue;/*!!!*/
fr[i][0] = max(fr[i][0], up_route[qwq[hh]].r);
}
memset(qwq, 0, sizeof qwq);
hh = 1, tt = 0;
if(downcnt >= 1)
for(int i = n, j = 1;i >= 1;i--)
{
while(j <= downcnt && down_route[j].r >= i)
{
while(hh <= tt && down_route[j].l <= down_route[qwq[tt]].l)
{
tt --;
}
qwq[++tt] = j;
j++;
}
while(hh <= tt && down_route[qwq[hh]].r - k + 1 > i/*!!!*/)
{
hh++;
}
if(hh > tt) continue;/*!!!*/
fl[i][0] = min(fl[i][0], down_route[qwq[hh]].l);
}
s[0][0].init(0, 0);
s[0][0].prepare(0);
s[0][1].init(0, 1);
s[0][1].prepare(1);
for(int k = 1;k < 20;k++)
{
for(int i = 1;i <= n;i++)
{
fl[i][k] = s[k - 1][0].query(fl[i][k - 1], fr[i][k - 1], 0);
fr[i][k] = s[k - 1][1].query(fl[i][k - 1], fr[i][k - 1], 1);
}
s[k][0].init(k, 0);
s[k][0].prepare(0);
s[k][1].init(k, 1);
s[k][1].prepare(1);
}
int Q;
cin >> Q;
int s, t;
while(Q -- )
{
cin >> s >> t;
cout << ask(s, t) << "\n";
}
return 0;
}